[Undergraduates]/해석학

[Chapter 7~13] Problems #2 (2)

그린란드 2021. 3. 15. 03:01

[Problem 1.0]

함수 f(x)=xtanx가 무수히 많은 양의 실근 x1,x2,을 가짐을 보이시오. 또한, n일 때 xng(n)0인 간단한 함수 g(n)을 하나 찾으시오.

증명 ▶

(Proof)

f(nπ)>0,limx(n+1/2)π+f(x)이므로 사잇값 정리에 의하여 nπ<xn<(n+1/2)π인 것을 알 수 있다.

이때 xn=tanxn이고 limnxn=이므로 limntanxn=이다. 따라서 g(n)=(n+1/2)π라 두면 n일 때 xng(n)0이다. 

[Cf] n일 때, tan(xng(n))=tan(xn(n+1/2)π)=cot(xn)=1/xn0이고 π/2<xng(n)<0이므로 xng(n)0이다.

[Example 1.1]

함수 f(x)R에서 연속, f(x)>0이고 limn±f(x)=0을 만족시킨다. 함수 f(x)R에서 최솟값은 가지지 않고, 최댓값을 가진다는 것을 보여라.

증명 ▶

(Proof)

limn±f(x)=0이므로 임의의 양수 ϵ에 대하여 양수 M1이 존재하여 |x|>M1일 때마다 f(x)<ϵ을 만족시킨다. 또, 닫힌구간 [M1,M1]에서 함수 f(x)의 최솟값을 m이라 하면 양수 M2가 존재하여 |x|>M2일 때마다 f(x)<m/2를 만족시킨다. 따라서 |x|>M:=max{M1,M2}일 때마다 f(x)<min{ϵ,m/2}를 만족시킨다. 즉, inf{f(x):xR}=0이다. 이때 f(x)>0이므로 함수 f(x)는 최솟값을 갖지 않는다. 

비슷한 방법으로, 어떤 양수 K에 대하여 닫힌구간 [K,K]에서의 최댓값을 M이라 하면 양수 KK가 존재하여 |x|>K일 때마다 f(x)<M/2을 만족시킨다. 따라서 닫힌구간 [K,K]에서의 함수 f(x)의 최댓값이 R에서의 최댓값이다. 

[Cf] R의 유계이고 닫힌 집합 D에서(즉, 콤팩트집합에서) 연속인 함수는 항상 최댓값과 최솟값을 갖는다.

[Example 1.2]

함수 f(x)가 구간 IJ에서 균등연속(uniformly continuous)이고 IJ일 때, f(x)는 구간 IJ에서 균등연속임을 보여라. 

증명 ▶

(Proof)

x,yIJ라고 하자. 임의의 양수 ϵ에 대하여

(1) x,yI인 경우 (또는 x,yJ인 경우)
함수 f(x)는 구간 IJ에서 각각 균등연속이므로 δ>0이 존재하여 |xy|<δ일 때마다 |f(x)f(y)|<ϵ/2<ϵ을 만족시킨다.

(2) xI,yJ인 경우 (또는 xJ,yI인 경우) 
(1)의 δ>0에 대하여 |xy|<δ라 하면 zIJ가 존재하여 |xz|<δ이고 |zy|<δ이므로 |f(x)f(z)|<ϵ/2,|f(z)f(y)|<ϵ/2를 만족시킨다. 따라서 |xy|<δ라 하면 |f(x)f(y)||f(x)f(z)|+|f(z)f(y)|<ϵ/2+ϵ/2=ϵ이다.

(1), (2)로부터 임의의 x,yIJϵ>0에 대하여 양수 δ가 존재하여 |xy|<δ일 때마다 |f(x)f(y)|<ϵ을 만족시키므로 함수 f(x)는 구간 IJ에서 균등연속이다.

[Example 1.3]

(1) 함수 f(x)가 구간 I에서 균등연속이고, 수열 {an}I 위에서의 코시 수열이면, {f(an)}도 코시 수열임을 보여라.
(2) (1)을 이용하여 함수 f(x)I=(a,b)에서 균등연속이면 I에서 유계임을 보여라.

증명 ▶

(Proof)

(1) 함수 f(x)I에서 균등연속이므로 임의의 양수 ϵ에 대하여 δ>0이 존재하여 |xy|<δ일 때마다 |f(x)f(y)|<ϵ을 만족시킨다. 한편 수열 {an}이 코시 수열이므로 자연수 n0이 존재하여 m,n>n0일 때마다 |aman|<δ를 만족시킨다. 따라서 |f(am)f(an)|<ϵ이므로 수열 {f(an)}은 코시 수열이다.

(2) f(x)가 위로 유계가 아니라고 가정하자. 그러면 함수 f(x)I에서 연속이므로 limxa+f(x)= 또는 limxbf(x)=이다. limxa+f(x)=이라 가정하자. 이때 수열 {xn}:xn=a+1/nI 위에서의 코시 수열이지만 수열 {f(xn)}은 명백히 코시 수열이 아니다. 이는 (1)과 모순이다. 따라서 f(x)는 위로 유계이다. 비슷한 방법으로 f(x)가 아래로 유계임도 보일 수 있다.

[Example 1.4]

Strengthened version of [Example 1.3]: 함수 f:KR이 연속이고 K가 콤팩트집합이면 f[K]도 콤팩트집합임을 보여라.

증명 ▶

(Proof)

R 위의 보통 위상 U에 대하여 G={GGU}f[K]의 한 열린 덮개라고 하자. 함수 f가 연속이므로 f1[G]={f1[G]GU}K의 한 열린 덮개이다. K는 콤팩트집합이므로 f1[G]는 유한인 열린부분덮개 G={f1[G1],f1[G2],,f1[Gm]}를 갖는다. 이때 f[K]f(k=1mf1[Gk])=k=1mf(f1[Gk])k=1mGk이므로 {G1,G2,,Gm}G의 유한인 열린부분덮개이다. 즉, f[K]의 임의의 열린덮개는 유한인 부분덮개를 가지므로 f[K]는 콤팩트집합이다. 

[Cf] 이 명제의 자명한 결과로 <최대, 최소의 정리>를 얻는다. 

'닫힌구간 [a,b]에서 연속인 함수 f는 그 구간에서 항상 최댓값과 최솟값을 갖는다.'

 

Reference: <Introduction to Analysis> Arthur Mattuck, 1999. 

 

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